如图所示 水平轨道表面粗糙 通过半径为r=0.4m
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/28 02:01:20
因碰撞时间极短,A与C碰撞过程动量守恒,设碰撞后瞬间A的速度大小为vA,C的速度大小为vC,以向右为正方向,由动量守恒定律得mAv0=mAvA+mCvC,①A与B在摩擦力作用下达到共同速度,设共同速度
(1)滑块从A到B过程中,机械能守恒,由机械能守恒定律得:Ek=mgR=1×10×0.4=4J;(2)在B点:Ek=12mv2,速度v=2Ekm=2×41=22m/s,在B点,由牛顿第二定律得:F-m
根据能量守恒得:mg(h-2R)-μmgcosθ*h/sinθ=mVc^2/2解得Vc=√10m/s此时在C做平抛运动:设经时间t落到斜面上,则2R-Vct=gt^2/2解得t=(5√2-√10)/1
(1)A到B的过程中推力与摩擦力做功,得:Fx-μmgL=12mvB2①在B点时重力与支持力的合力提供向心力,得:NB-mg=mv2BR联立解得:NB=6N 根据牛顿
滑块受四个力,重力、垂直斜面向上的支持力、垂直斜面向下的洛伦滋力(开始时没有,因速度为零),沿斜面向上的摩擦力.向下运动,速度增加,洛伦滋力增加,导致支持力增加,从而使摩擦力增加,则加速度减小,最后加
(1)由Gh=mv^2/2带入数据得v=2m/sG=10N/KG(2)μmgs=mv^2/2带入数据得μ=0.25(3)滑块下落高度再加上CD的垂直高度,h+2R=0.4m再问:请问第三问能讲明白下吗
(1)整个系统水平方向动量守恒,设系统最终速度为V mv0=(m+3m)V根据能量转化关系有; 12mv02=12(m+3m)v2+f(L+0.5L)联立解得:f=mv204L(2
电场力F电=qE=8N,方向水平向右(因为带电体从A点由静止开始向右运动)带电体与AB间滑动摩擦力f1=μmg=1N带电体与CD间滑动摩擦力f2=μF电=4N1、从A到C,由动能定理可得:F电·(SA
(1)用动能定理qE*AB-μmg*AB-mgR=0.5mv^2,解出到C点的速度.(2)最终将在圆弧上B和C之间的某个范围内往复运动,运动过程中,机械能和电势能守恒.其中心位置,可以用重力和电场力的
A、以铁球为研究对象,分析受力情况,作出力图,根据平衡条件得知,竖直墙对铁球的作用力N2=F+N1sinθ>F,即竖直墙对铁球的作用力始终大于水平外力F.故A正确.B、由图得到,mg=N1cosθ,m
1、当电场强度方向向下时,C恰好到达B端,当电场方向向上时,C恰好到达离A点距离为2/3*AB处,可知:电场强度方向向下时,电场力向上,所以,物块C带负电.2、物块初速度设为V0、木板AB质量设为M,
其实算法很简单,但思路不好想.这道题滑块在轨道上滑动的时候收两个力,重力mg和电场力Eq=mg所以可以理解成滑块只受一个合力√2mg方向右下方45度.那么这道题就和“普通竖直方向的圆形轨道上,一个滑块
1)在AB段对物体进行受力分析,知道此时物体收到重力、支持力、摩擦力和电场力,水平方向上有F=Eq-uN=ma;竖直方向上:mg=N.那么在AC过程中,合力做的功等于物体动能的变化,所以有mgR+Eq
(1)设滑块A到达P点与B碰前瞬间的速度为v0,由机械能守恒定律有:2mgh=12•2mν20解得ν0=2gh(2)设滑块A与B碰撞后的共同速度为v,由动量守恒定律有:2mv0=3mv两滑块粘合在-起
(1)下滑过程机械能守恒,有:mgh+12mv 21=0+12mv 22代入数据得:v2=6m/s;设初速度方向为正方向,物体相对于小车板面滑动过程动量守恒为:mv2=(m+M)v
设传送带不运动时,滑块从传送带右端滑出时的速度为V3A对.当V3>V2,即V2很小时,滑块在运动过程中一直受到向左的摩擦力,且大小与传送带静止时相同.此时小物块仍落在Q点.B错.不论什么情况,滑块在传
如图所示为小刚设计的滑轮组装置.其中滑块A置于表面粗糙程度各处相同的水平面上,动滑轮重G=10N,重物B的重力GB可改变.下表是小刚在某次使用该装置时记录的一些数据.若不计绳重及绳与滑轮间的摩擦,跨过
第一问:根据机械能守恒E=umgL+mgR第(2)问mgR=1/2mv12+1/2Mv22是机械能守恒关于小球最高点是否有速度的问题,你可以想象一下整个系统运动的过程:弹簧解锁后,木块儿向左运动,速度
由于动能都转化为摩擦力的功故前后一致,铁块会静止在C处
因为A受到小车对它的摩擦力,方向与Vo相反.而同时小车也受到A对其的摩擦力,方向与Vo相同,摩擦力给小车提供动力,使得小车运动,速度方向与其所受摩擦力方向相同,即与Vo方向相同