平行板电容器c与三个可变电阻

A、增大R1，对电容器的电压没有影响，油滴不动．故A错误．   B、增大R2，R2分担的电压变大，则R3分担的电压变小，则电容器两端的电压减小，油滴下降，故B错误．&nb

(1)规定电源负极电势为零,外电路上,沿着电流方向通过电阻电势降落=IR==>则电容器上极板电势=R1两端电压=（E/2r)*r=0.5E,下极板电势=R2两端电压=（E/3r)*2r=（2/3)*E

开关S断开时，根据平衡条件得：qU1d−mg＝0；开关S闭合后，由串联分压规律得：U2＝R2R1+R2U＝4V对带电粒子受力分析，并根据牛顿第二定律可得：mg−qU2d＝ma；联立以上各式，并代入数据

并联等电压平行板电容器两端的电压与R1两端的电压相等

起到个限流作用

Q代表着电荷量,电荷量的改变是有电荷移动改变的,电荷的定向移动产生电流再答：电流方向的决定因素是电荷的移动方向，充电与放电电荷的移动方向相反再问：那第二个问题呢再答：你的意思是电流应从正级出发？再问：

你写的有点混乱,大小写没分.我觉得你的问题在这里：电子是带负电的,我们所说的电流指正电荷的流动方向,所以电子运动方向与电流方向相反.因此C答案中,电子是A向B运动,即是B流向A的电流,对于电阻来说,即

B是错的.选A.开始电场向外,磁场减小,法拉第告诉我们感应磁场也向外,所以电流是顺时针的.后来磁场向里,并且是逐渐增强的,法拉第大哥又告诉我们感应磁场是向外的阻止增强,所以电流还是顺时针,C两端的电压

因为c是电容,所以可以看成是断路,但是它可以储存电能.当R3由大变小时,c电容两边的电压减小,这时是放电过程,电流就应该是由下向上,也就是顺时针.有什么不对的在相互讨论,联系我.再问：为什么?放电过程

A项和D项电容阻直流,相当于断路,其作用类似电压表,两端电压即R3两端电压.A：增大R1,无影响（此处R1相当于导线）B：增大R2,R3两端电压减小,电容器两端电压减小,油滴会运动C：断开S1,电容器

2mg.设两板间距离d,细绳半径r,小球电量q,S闭合前两板电压U,闭合后两版电压则为U/2.S闭合前：电场力与重力相等且相反,则：Uq/d=mg.1S闭合后：能量守恒（电场力做的功加上原来动能等于重

电容和电阻串联后接在直流电源上,只是在充电过程中电阻上有随充电电流下降而下降的电压降；当充电过程终止,电流等于0,电阻上的压降也等于0,电阻不分得电压；（U=IR）此时电容上的充满的电压=电源电压,由

开关闭合时，电容器两板间的电压等于电阻R2两端的电压，小于电源的电动势．当开关断开时，电路稳定时，电路中没有电流，电容器板间电压等于电源的电动势，则知电容器板间电压增大，板间场强增大，液滴所受电场力增

答案为第一个：开关S断开.要是带电液上移,需增加电容C两端电压.A、开关S断开,电路中所有电流为零,电源E全部电压加到电容C上；B、降低R1温度,R1是热敏电阻,阻值增加,其两端电压也增加,使R2和C

再问：为什么总时间t=2t1?再答：两个方向，竖直方向自由落体运动，水平方向相当于竖直上抛，去回时间相等，速度大小相等再问：也就是说可以无视竖直方向上的自由落体运动只看水平的上抛运动对吧再答：是的再答

介电常数,板距离,板的正对面积.c=介电常数s/d

因为电阻是通路,电容器那边相当于断路再问：后来是不是电容器两端电势相等了再答：电容器相当于没有，就没电势了再问：那在接入电阻的瞬间电容器是不是还要放电呢，谢谢再答：是的，通路以后电就放了再问：谢谢，虽

A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．   B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压

在增大电容器两板间距离的过程中，电容C减小，电压U不变，则电量Q=CU减小，电容器放电．由于电容器上极板带正电，则电阻R中有从a流向b的电流．故C正确，ABD错误．故选：C

平行板电容器与电源相连时,电压等于电源提供的电压,所以电压不变串联电阻,由于电容器实际上等于“断路”,即相当于整个电路中电流=0,所以电阻引起的电压降也为0.所以串联电阻时电压也不变.与并联电阻两端电