平行板电容器c与三个可变电阻器

A、增大R1，对电容器的电压没有影响，油滴不动．故A错误．   B、增大R2，R2分担的电压变大，则R3分担的电压变小，则电容器两端的电压减小，油滴下降，故B错误．&nb

q=mgcd/Qcosα做直线运动,则合力沿水平方向.电场力F=q*U/d(1)(*为乘)电容器:Q=C*U(2)受力分析得:mg=F*cosα(3)有(1)(2)(3)得:q=mgcd/QcosαF

AB上是否有恒力F?若有恒力F,其做加速度逐渐减小的加速运动.因为电容“在充电”,就是积累电势.当其产生的电势等于AB做的运动所产生的电势,就匀速了.（好久没碰物理,不足之处还请指正.）

1.U不变.d减小则E增强（E=U/d）,导致电场力F增大（F=qE）,所以油滴会上移.2.Q不变.依据E=U/d,C=Q/U,C=εS/4πkd,可知E与d无关,所以油滴仍保持静止不动.再问：对不起

选B由C=εS/4πkd可知：两极板间距离d增大,电容C减小保持开关闭合的情况下,两极板间电压U不变,由C=Q/U得Q=CU,可知：电量Q减小由C=εS/4πkd=Q/U可得：U/d=4πkQ/εS,

U不变,因为连接的是电池,电池电压是恒定的E变大,电极板距离越大电场强度越小,距离减小后E变大选C第二题选D,检验电荷不会影响场强大小.其他三项表述不完整,A等于检验电荷在此电场中受到的电场力；B只有

A项和D项电容阻直流,相当于断路,其作用类似电压表,两端电压即R3两端电压.A：增大R1,无影响（此处R1相当于导线）B：增大R2,R3两端电压减小,电容器两端电压减小,油滴会运动C：断开S1,电容器

当AB匀速滑动时,切割磁力线的速度也是匀速的,产生平稳的直流电.因为直流电不能通过电容,所以I2等于0,但可以通过电阻,所以I1不等于0,故：B不对；当加速滑动时,电流是逐渐加大,可以向电容充电,所以

1/2(C*U*U)其中C是所带电荷,U是两端的电压.或者是Q*Q/(2C),其中C是电容,两公示等价.再问：����再答：,,,,,,,��һ��C�ǵ��ݣ�Q�ǵ�ɡ�����������˼��

再问：为什么总时间t=2t1?再答：两个方向，竖直方向自由落体运动，水平方向相当于竖直上抛，去回时间相等，速度大小相等再问：也就是说可以无视竖直方向上的自由落体运动只看水平的上抛运动对吧再答：是的再答

介电常数,板距离,板的正对面积.c=介电常数s/d

A、根据电容的决定式C=ξs4πkd知，两极板间的距离增大，则电容C减小．故A正确．B、因为电容器与电源始终相连，则两端的电势差不变，根据Q=CU知，电荷量减小．故B错误．C、根据E=Ud知，电势差不

与极板所带的电荷量和极板面积有关,与2极板距离无关手机提问的朋友在客户端右上角评价点【满意】即可.互相帮助,祝共同进步!再问：那与两极板间介电常量有关吗？再答：与常量无关再问：谢谢。

C=εS/d所以,与电容器的介电常数、极板面积和极板距离有关

电容器极板和电源断开时,电容器上的电荷Q不变.由C=εS/4пkd知s减小C减小,再由C=Q/U知U增大.由C=εS/4пkd这个式子可知,当d不变时C和s成正比,当s不变时,c和d成反比.

A、只增大R1，其他不变，电路中的电流变小，R2两端的电压减小，根据Q=CU2，知电容器所带的电量减小．故A错误．   B、只增大R2，其他不变，电路中的电流变小，内电压

继续保持电容器与电源相连,说明两版电压不变.增大距离,可知电容减少,从而带电量减少.此外,若断开与电源相连,则电容器电量不变.增大距离,可知电容减少,从而电压增大.

匀速滑动时磁通量匀速增加磁通量的变化速度不变感应电动势恒定所以电阻和电容两端的电压不变I1不变I2为零加速滑动时磁通量的变化速度随时间增大感应电动势随时间不断增大即电阻和电容两端的电压不断增大I1随时

因为电源仍存在所以电容器两端的U是不变的,根据E=U/d可以知道E变小则可以说明电场力变小了,即F变小.c与下极板间的电势差变小,所以c的电势变小.再问：怎么判断电势是变大还是变小？？？谢谢！！！！再

直接用公式.得C变大C=Q/UQ不变C变大则U变小所以U就是减小