有一半径为r的单匝圆线圈通以电流i若将导线弯成匝数n=2导线长度不变通以同样
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/07/10 12:27:59
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把线圈分为两个半圆来考虑,左半圈的合力方向沿半径中间点向外,合力大小为B*2R*L所以两个断开处的反向力分别都是B*R*L.因为断开处是任意的,所以张力大小就是B*R*L再问:合力大小为B*2R*L所
F=BIL=BI2ΠR再问:答案是blr,好奇怪
根据感应电动势公式,用右手定则判断方向q=it
A、求流过电阻的电量要用平均值:I=n△∅△t(R+r) ①磁通量的变换量为:△∅=BS ②通过电阻的电量为:Q=It ③联立①②③得:Q=NBSR+r,故A
E=n△Φ/△tq=Iti=E/(R+r)得q=n△Φ/(R+r)=1000*(0.04-0.02)/5=4CE=n△Φ/△t=1000*200*10^-4*0.04/2
根据公式:V=dΦ/dt=BL*dw/dt=BLVL=sqrt(2)R得到V=sqrt(2)BVR速度方向决定产生电场的方向
令行星的质量为M,则行星对卫星的万有引力提供圆周运动向心力有:GmMr2=mr4π2T2=ma则行星的质量M=4π2r3GT2卫星的加速度a=r4π2T2答:(1)行星的质量M为4π2r3GT2;(2
B=μ0nIΦm=NBS=Nμ0nIπr^2感应电动势大小:ε=dΦm/dt=Nμ0nπr^2dI/dt
B=μ0nIΦm=NBS=Nμ0nIπr^2感应电动势大小:ε=dΦm/dt=Nμ0nπr^2dI/dt
(1)由万有引力定律GMm/R^2=m(2π/T)^2*R^2以及牛顿第二定律得a=(2π/T)^2*R^2(2)由万有引力定律F=GMm/R^2=m(2π/T)^2*R^2得F=m(2π/T)^2*
假设两球同心,内球电荷均匀分布在它的表面上,外球壳的内外两表面上感生的电荷-Q和+Q也都是均匀分布的.两球壳之间的电场具有点对称性,场强和单独由内球产生的场强完全一样:E=Q/(ε×r^2),r为从球
这里用最基本的毕萨定律就行了.周长不变,N变为2,那么半径变成原来的1/2.毕萨定律得到圆环电流中心的磁感应强度是B=μI/2r通过上面分析得到两匝的线圈磁感应强度是原来的四倍.磁矩为iSN,后者面积
首先,这两个线圈的磁感应线通过线圈的方向是一致的,原来两条线产生的磁通量是Φ,那么,一条断电了,磁通量就少了一半,即剩余磁通量为1/2Φ.那么磁通量的变化量是△Φ=Φ-1/2Φ=1/2Φ.电动势E=1
1.向心力完全由万有引力充当GMm/R^2=m(2pi/T)^2RM=4pi^2*R^3/(GT^2)2.a=w^2R=4pi^2*R/T^23.F=GMm/R^2=4pi^2*mR/T^24.g=G
等效替代:把这个挖孔的球壳等效替代为:带有+Q电荷的完整球壳,和一个带有同样“密度”的负电荷的半径为r(
在本题中,动能通过动生电流的安培力做功向感应电能转化.当线圈一半进入磁场中时,题意已经明确了电路中产生了电能Ee=3J,由能量守恒,还有2J的动能,进而求出速度,应用法拉第电磁感应定律求瞬时感应电动势
n*pi*R*v/RR指导线的电阻
首先,由总电量Q与半径R可得电荷体密度τ=Q/(4/3*π*R^3),进而可得任意半径r(r<=R)处电场强度(为了简洁此后所有ε均为εr含义)E=(1/4πε)*(τ*4/3*π*r^3)/r