长l,质量为m的均质杆AB,BD,用铰链B连接
来源:学生作业帮助网 编辑:作业帮 时间:2024/08/17 06:42:13
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平板车受到弹簧的推力作用,到弹簧恢复到原长时,向左移动了2L/3对物体,水平方向不受力.物体水平方向要保持原来的静止状态.因此相对于平板车,物体相当于右移2L/3.物体在c点,选C
C,因为物体之间没有摩擦,所以对于物体m而言,合外力为零.根据牛顿第一定律可知,它将继续保持静止.当弹簧恢复到原长的时候应该是C点运动到了现在的A的位置,而物体m没有动,所以m处于小车的C点.
(1)线框转动的周期是T=2π/ω在位置1,穿过线框的磁通量是 Φ1=BS=B*L^2 (取这时的磁通量为正值)在位置2,穿过线框的磁通量是 Φ2=0在线框从位置1转动到位置2的过程中,线框中的平均感
在细绳烧断瞬间,C获得的速度为v1,AB获得的速度为v2,根据动量守恒,mv1=Mv2当C运动到B时,小车将停止运动,所以小车运动时间t=L/(v1+v2)
一步一步分析:摩擦力为μm1g=0.2×10×2=4N则开始两秒的时候滑块A的加速度为aA=μm1g/m1=2m/s²方向向右木板的加速度为aB=(F-μm1g)/m2=(20-4)/4=4
A向左移动到最大距离不是A走到边缘的时候,因为由动量定理可知最终的速度方向是B的方向,所以当A向左减速到速度为0的时候,才是向左移动最远的距离.因为速度减到0之后,还有一个想右加速的过程.这样,问题倒
设初速度v0,木块和木板之间的摩擦力f,最终二者共同速度v,则-mv0+Mv0=(M+m)v解得v=((M-m)v0)/(M+m).(1)又fL=(1/2)M(v0)^2+(1/2)m(v0)^2-(
作出金属杆受力的主视图,如图. 根据平衡条件得Ff=FAsinθmg=FN+FAcosθ 又FA=BIL解得:Ff=BILsinθFN=mg-BILcosθ
是绕o点转动吧.根据刚体转动动能定理E=1/2*J*w^2,分两半考虑JAO=3/4*m*(3L/8)^2=27mL^2/256JBO=1/4*m*(L/8)^2==mL^2/256因此,E=1/2*
是绕o点转动吧.根据刚体转动动能定理E=1/2*J*w^2,分两半考虑JAO=3/4*m*(3L/8)^2=27mL^2/256JBO=1/4*m*(L/8)^2==mL^2/256因此,E=1/2*
(1)当AB间加电压U时,带电粒子恰好沿直线穿过电场,可知带电粒子受到的重力和电场力是一对平衡力,电场力向上,由题意知电场的方向向下,所以带电粒子带负电.由平衡条件有:qU0d=mg …①解
求N须先求f,看yOz平面内二维图以x为轴∑M=0,即f•BO=mg•BO/2sinθ,解f后,再求N即可
先分析B运动过程,以地面为参考系:在碰撞前一瞬间距墙距离L,以速度V1向墙运动碰撞后以恒定加速度做匀减速运动,加速度a=-gu,u为摩擦系数B速度减小到0时开始做反向加速运动,加速度仍为aB与A达到统
取杆中点为重心位置,则v=Lw/2动能EK=mv^2/2=mL^2w^2/4动量p=mv=mLw/2
1、整体势能变化mgL+2mg*2L=5mgLm球速度v则2m球2v动能=势能mv^2/2+2m(2v)^2/2=5mgL中点c小球v=√[(10/9)gL]B端的小球速度为2v=√[(40/9)gL
设AB的中点为o点,因AB为匀质,所以O点为AB的质心.1)AO=AB/2,根据数学模型可以证明推断出,O点竖直向下速度为V/2,2)因AB与地面夹角45度,可以知道B点有向右运动趋势,B点瞬时速度与
A,B之间动摩擦力f=mgu设最后AB一起运动速度V‘mv=(M+m)v'v'=mv/(M+m)设,A对B的位移为s,B的位移为s1则有-fs=1/2mv'^2-1/2mv^2可求s由fs=1/2Mv
A、物体C与橡皮泥粘合的过程,发生非弹簧碰撞,系统机械能有损失,产生内能,故A错误.B、整个系统在水平方向不受外力,竖直方向上合外力为零,则系统动量一直守恒,故B正确,C、取物体C的速度方向为正方向,