设函数f(x)=根号下(x^2+1) -ax 当a≥1时,试判断函数f(x)在区间[1,正无穷)上的单调性,并加以证明
来源:学生作业帮 编辑:搜搜考试网作业帮 分类:数学作业 时间:2024/07/12 11:01:17
设函数f(x)=根号下(x^2+1) -ax 当a≥1时,试判断函数f(x)在区间[1,正无穷)上的单调性,并加以证明
根号下是x^2+1
根号下是x^2+1
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方法一:
∵f(x)=√(x^2+1)-ax,
∴f′(x)=(x^2+1)′/[2√(x^2+1)]-a=x/√(x^2+1)-a.
∵x≧1,∴x^2<x^2+1,∴x<√(x^2+1),∴x/√(x^2+1)<1,而a≧1,∴f′(x)<0,
∴f(x)在区间[1,+∞)上是减函数.
方法二:
引入两个自变量:x1、x2,且x2>x1>1.
显然有:x2^2>x1^2,∴(x1x2)^2+x2^2>(x1x2)^2+x1^2,
∴x2^2(x1^2+1)>x1^2(x2^2+1),∴x2√(x1^2+1)>x1√(x2^2+1),
∴(x1^2+1)+2x2√(x1^2+1)+x2^2>(x2^2+1)+2x1√(x2^2+1)+x1^2,
∴[√(x1^2+1)+x2]^2>[√(x2^2+1)+x1]^2>1,
∴√(x1^2+1)+x2>√(x2^2+1)+x1,
∴x2-x1>√(x2^2+1)-√(x1^2+1)>0.
∵a≧1,∴a(x2-x1)≧x2-x1>√(x2^2+1)-√(x1^2+1),
∴√(x2^2+1)-√(x1^2+1)-a(x2-x1)<0.
∴f(x2)-f(x1)
=√(x2^2+1)-ax2-[√(x1^2+1)-ax2]
=√(x2^2+1)-√(x1^2+1)-a(x2-x1)<0.
∴f(x)在区间[1,+∞)上是减函数.
∵f(x)=√(x^2+1)-ax,
∴f′(x)=(x^2+1)′/[2√(x^2+1)]-a=x/√(x^2+1)-a.
∵x≧1,∴x^2<x^2+1,∴x<√(x^2+1),∴x/√(x^2+1)<1,而a≧1,∴f′(x)<0,
∴f(x)在区间[1,+∞)上是减函数.
方法二:
引入两个自变量:x1、x2,且x2>x1>1.
显然有:x2^2>x1^2,∴(x1x2)^2+x2^2>(x1x2)^2+x1^2,
∴x2^2(x1^2+1)>x1^2(x2^2+1),∴x2√(x1^2+1)>x1√(x2^2+1),
∴(x1^2+1)+2x2√(x1^2+1)+x2^2>(x2^2+1)+2x1√(x2^2+1)+x1^2,
∴[√(x1^2+1)+x2]^2>[√(x2^2+1)+x1]^2>1,
∴√(x1^2+1)+x2>√(x2^2+1)+x1,
∴x2-x1>√(x2^2+1)-√(x1^2+1)>0.
∵a≧1,∴a(x2-x1)≧x2-x1>√(x2^2+1)-√(x1^2+1),
∴√(x2^2+1)-√(x1^2+1)-a(x2-x1)<0.
∴f(x2)-f(x1)
=√(x2^2+1)-ax2-[√(x1^2+1)-ax2]
=√(x2^2+1)-√(x1^2+1)-a(x2-x1)<0.
∴f(x)在区间[1,+∞)上是减函数.
设函数f(x)=根号下(x^2+1) -ax 当a≥1时,试判断函数f(x)在区间[1,正无穷)上的单调性,并加以证明
急:数学题如下:判断函数f(x)=x+1/x在区间(0,1),(1,正无穷)上的单调性,并加以证明.
已知函数f(x)=2x+1 /x-3 判断函数f(x)在区间(3,正无穷)上的单调性,并证明
已知F(x)=|x|/x+2,判断函数f(x)在区间(0,正无穷)上的单调性,并加以证明
判断函数f(x)=ax/(x+1)(x-1) a不等于0 在区间(-1,1)上的单调性,并加以证明
已知函数f(x)=|x|/(x+2) (1)判断函数f(x)在区间(0,+∞)上的单调性,并加以证明
急:判断函数f(x)=x^3-3x在(1,正无穷)上的单调性,并加以证明
判断函数f(x)=log2(x^2+1)在(0,正无穷)上的单调性,并证明
设函数f(x)是偶函数,且在(负无穷,0)上是增函数,判断f(x)在(0,正无穷)上的单调性,并加以证明
判断函数f(x)=ax/(x^2-1)在区间(-1,1)的单调性,并用定义加以证明.
设函数f(x)=根号下x方+1-ax当a>1时证明f(x)在[0 正无穷)上为单调函数
判断函数f(x)=x平方分之4在区间(0,正无穷)上的单调性,并用函数单调性定义加以证明